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[推荐] 一道曾花了业界40年证明的几何题

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发表于 2014-8-5 10:21:22 | 显示全部楼层 |阅读模式

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这是我在儿子从图书馆借的一本数学读物上看到的,书的对象是针对小学生,所以要介绍的题目及证明过程都不难,不信你可以试试。。。

已知:在平面上有不全共线的任意 \(n\) 个(\(n\geqslant3\))点,
求证:必可过其中的某两点作直线,使之不经过其它的已知点。

注:此题1893年起流传于世(原题是个疑问句——“是否必有只通过其中两点的直线?”),历经40年才被解决。其证明却很初等,被评为“大众化的世界难题”。

本帖被以下淘专辑推荐:

毋因群疑而阻独见  毋任己意而废人言
毋私小惠而伤大体  毋借公论以快私情
发表于 2014-8-5 10:44:09 | 显示全部楼层
这题目好像之前提及过

就是找一个平面图形作为反例,该平面图形里的任意两个点构成的直线总能经过其他一点


毋因群疑而阻独见  毋任己意而废人言
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发表于 2014-8-5 13:25:35 | 显示全部楼层
存在……这一类的命题,要么用构造法要么用反证法。
这个命题用反证法比较简单。


要证明 “平面上有不全共线的` n` (`n \geqslant 3`)个点,则存在两点,使得过该两点所作的直线经过其它任何已知点”,只需否定“平面上有不全共线的` n` (`n \geqslant 3`)个点,则任意两点所作直线必定会经过其它某个已知点”。

假设后面的命题成立,由于两点确定一条直线,那么这`n`个点必定共线。这与已知矛盾,故不成立。因此原命题成立。

点评

由于两点确定一条直线,那么这n个点必定共线。这个结论是对的,但是,证明却没有这么简单,要一步步论证,分情况等等。  发表于 2014-8-5 15:46
没这么简单的,因“某个”可能非固定的,无法推证全共线。  发表于 2014-8-5 14:00
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发表于 2014-8-5 15:46:02 | 显示全部楼层
@gxqcn
命题S:对于 `n\geqslant 3`个平面点,过任意两点所作直线必定经过其它某个已知点,则这 `n` 个点共线。

容易验证,`n=3` 时,这样的三个点必然共线。假设 `n=k~(k \gt 3`,`k \in \ZZ)`时命题S成立,即这 `k` 个点 `(p_1,p_2,\ldots,p_k)` 全在直线 `l` 上,那么第 `k+1` 个点 `p_{k+1}` 与前`k`个点  `p_i(i=1,2,\ldots,k)`相连构成的直线 `l_i` 要想经过其它某个点`p_j(j=1,2,\ldots,k,~j \neq i)`,则`p_{k+1},p_i,p_j`三点共线,而`p_i,p_j`遍历的点都在直线`l`上,故 `p_{k+1}`也在 `l` 上。
于是根据数学归纳法可知,命题S成立。

因此可以根据反证法得知1楼命题成立。
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 楼主| 发表于 2014-8-5 17:03:34 | 显示全部楼层
这个好像不太适合用数学归纳法,或者说楼上的数学归纳法证明有瑕疵。

假设 `n=k~(k \gt 3`,`k \in \ZZ)`时命题S成立,即这 `k` 个点 `(p_1,p_2,\ldots,p_k)` 全在直线 `l` 上

因为接下来是要考察 \(n=k+1\) 的情形,
故其潜台词将是:“在前 \(k\) 个点中,过任意两点所作直线必定经过其它某个已知点(当然也包括新增点 \(p_{k+1}\)),则该 `k` 个点共线。”(姑且不论该命题正确与否
而命题S 中的“其它点”,则仅仅局限于当前的点集。
所以两者并不等价,不能递推。

点评

我想解释的是,我们使用数学归纳法已经假设`k`的情形成立。即,对于`k+1`个点的情形中,必然存在`k`个点一定是共线的,那么剩下的那个点就是`p_{k+1}`。然后证明过程如6楼。  发表于 2014-8-5 21:59
@hujunhua,您这么一说,我感觉有些明白站长的意思了。他想表达的是,k成立不一定k+1成立,也许存在k+1个点不全共线也能满足条件。  发表于 2014-8-5 21:57
明察秋毫啊。n=k+1时,这k+1点是互相关联的一个整体,不能割开来考察。割开来,就割断了k点与剩下一点联系。  发表于 2014-8-5 18:07
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发表于 2014-8-5 18:21:20 | 显示全部楼层
gxqcn 发表于 2014-8-5 17:03
这个好像不太适合用数学归纳法,或者说楼上的数学归纳法证明有瑕疵。


`n=k+1`的情形应该是:已知`k`个点共线,要证明`k+1`个点也是共线才能满足条件。而不是“在前 `k` 个点中,过任意两点所作直线必定经过其它某个已知点(当然也包括新增点 `p_{k+1}`),则该 `k` 个点共线。”

“在前 `k` 个点中,过任意两点所作直线必定经过其它某个已知点(当然也包括新增点 `p_{k+1}`)”这种情况就相当于要求 前`k`个点中,任意两点 `p_i,p_j(i,j=1,2,…,k,i\neq j)`相连构成的直线 `l`满足:a) 有可能经过`p_{k+1}`,此时`p_{k+1},p_i,p_j`三点共线;b) 不经过`p_{k+1}`(因为此时`l`已经经过了其他`k-2`个点),由于又要要求新增的`p_{k+1}`与其他点的连线`l_i`必须经过前`k`个点中的某个点,于是只能是`p_{k+1}`在`l`上。
因此,无论是情况a还是b,必须满足新增点`p_{k+1}`在`l`上,即`k+1`个点共线。
这便由`k`个点共线证明了`k+1`个点也共线。数学归纳法可知对`n\geqslant 3`的一切整数均成立。

如果还是不太理解,可以实例化的情况去思考一下,比如从`n=3`到`n=4`的情况试试。
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发表于 2014-8-5 19:34:05 | 显示全部楼层
我以前研究三次射影曲线时碰到过这个问题,于是收集关于该问题的不少资料。可惜电脑频换,收集的资料都不知埋哪去了,现在只记得它叫做Sylvester直线问题。还有点名气。

本来在“三次射影曲线简介”一文中会提到它的,可惜我怎么没有心思写下去了。三次射影曲线有两个性质定理与之有关。

        其一:  整系数三次曲线的两个已知有理点的连线与三次曲线的交点也是一个有理点。
        推论:如果一条三次曲线 A 上有3个已知有理点不共线,由Sylvester直线定理立知 A 上有无穷多个有理点。

        其二: 三次曲线的两个已知拐点的连线与三次曲线的交点也是曲线的一个拐点。
         推论:由于一条三次曲线不可能有无穷多个拐点(最多9个拐点),所以一条三次曲线要么有1个实拐点,要么有3个实拐点(共线)。

Sylvester直线定理本质是属于射影几何的,它只在实射影平面上成立,在复射影平面上不成立。比如一个有9个拐点的三次曲线,其9个拐点任意两个拐点的连线都恰过其它7个拐点中的一个,这样的3点一线共有12条线。

Sylvester直线定理的最简明的证明用到了距离概念,超出了射影几何的范畴。我认为这是一个遗憾,有时候就想找一个纯射影的证明。

点评

为了全人类的福祉,有新的发现就都存到云盘里吧,:)  发表于 2014-8-7 12:34
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发表于 2014-8-5 21:21:20 | 显示全部楼层
@kastin 您的归纳证明貌似没有区别复射影平面与实射影平面吧,可是复射影平面是有反例的。您怎么解释呢?

点评

@hujunhua,是否可以给出个反例?我只了解一点射影几何的概念,具体不太清楚。  发表于 2014-8-6 10:46
与无穷远点无关。无穷远点总可以射影为有穷远点,所以不是构造反例所必须的。  发表于 2014-8-6 08:15
你的意思是,n个点中存在一个无穷远点,而某些直线恰好就经过这个“点”?所以不一定非得共线了?确实我没考虑这种情形。  发表于 2014-8-5 21:44
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发表于 2014-8-5 21:22:33 | 显示全部楼层
这个定理在双曲几何(罗巴切夫斯基几何)系统里面应该也成立。在椭圆几何(黎曼几何)里面应该是不成立的。 不知谁能证明。

点评

@hujunhua,在椭圆几何的“平面”中,直线是永远相交的。在双曲几何的“平面”中,过直线外一点有无数条直线与之不相交。  发表于 2014-8-6 10:44
问题属于射影几何,射影几何中没有平行线的地位,哪来三种几何的分别?  发表于 2014-8-6 08:17
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发表于 2014-8-5 21:37:27 | 显示全部楼层
这题不是最小数原理?

点评

是的。其实这个题目说明的就是要么全共线(最小距离为零),要么不全共线,但是存在到某条直线最小距离不为零的点,  发表于 2014-8-5 21:49
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